Commentaire sur l'article

• Août 2017, 2e défi

  le 11 août 2017 à 08:36, par Al_louarn

  En tâtonnant on voit que $-1$ est une racine donc on peut mettre $x+1$ en facteur et on obtient : $P(x)=x^6 + 2x^5 + 2x^4 + 2x^3 + 2x^2 + 2x + 1 = (x+1)(x^5 + x^4 + x^3 + x^2 + x + 1)$.
  On voit que $-1$ est encore une racine du polynome de degré 5. On obtient : $P(x)=(x+1)^2(x^4 + x^2 + 1)$. Pour tout $x$ on a $x^4 \geq 0$ et $x^2 \geq 0$ donc $x^4 + x^2 + 1 \geq 1$. Ce polynome n’a donc aucune racine réelle.
  Donc $-1$ est l’unique racine réelle de $P(x)$, et c’est une racine double.

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• Août 2017, 2e défi

  le 11 août 2017 à 08:36, par orion8

  Posons $f(x)=x^6+2x^5+2x^4+2x^3+2x^2+2x+1$ et remarquons que $f(x)=(x^6+x^5+x^4+x^3+x^2+x)+(x^5+x^4+x^3+x^2+x+1)$ soit $f(x)=(x+1)(x^5+x^4+x^3+x^2+x+1)$. On peut bien sûr obtenir ce résultat en remarquant que $-1$ est racine. On remarque aussi que $1$ n’est pas racine, les coefficients de $f(x)$ étant tous positifs.
  On a donc $f(x)=(x+1)\dfrac{x^6-1}{x-1}$ pour $x\ne1$.
  Comme le polynôme $x^6-1$ n’admet que deux racines réelles, $-1$ et $1$, on en déduit que $f(x)$ n’admet que $-1$ pour racine réelle.

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• Août 2017, 2e défi

  le 11 août 2017 à 10:38, par Daniate

  Bonjour,

  Pour factoriser on peut scinder en ( x^6+x^5+...+x)+(x^5+x^4+...+1)=(x+1)(x^5+...+1). Ensuite utiliser la formule des suites géométriques (x+)(x^6-1)/(x-1) sans problème 1 n’étant pas solution. Ensuite (x+1)(x^3-1)(x^3+1)/(x-1). Les racines des deux facteurs en x^3 sont les racines cubiques de l’unité et de son opposé . Or elles sont imaginaires pures sauf 1 et -1. 1 étant exclu, -1 reste seul et en double.

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• Août 2017, 2e défi

  le 11 août 2017 à 11:39, par drai.david

  Personnellement, j’ai conclu à partir de $P(1)=12$ et $P(x)=\frac{x+1}{x-1}(x^6-1)$ pour $x≠1$.
  On a ainsi toutes les racines en un clin d’oeil : $\left \{e^{i\frac{k\pi}{3}} , k=1..5\right\}$.
  Et $-1$ est bien racine double...

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• Août 2017, 2e défi

  le 11 août 2017 à 15:30, par FDesnoyer

  Bonjour,

  d’après XCas, je dis un nombre premier pair.

  F.D.

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• Août 2017, 2e défi

  le 11 août 2017 à 18:39, par ROUX

  Je me mets toujours à remuer la queue devant 1 + 2*x + autant de x^2 qu’on veut (comme un.e chien.ne devant un os de côtelette de porc (une partie de mon repas de ce midi)) qui est évidemment égal pour moi à (x + 1)^2 + (autant moins un) de x^2.
  Ensuite, en mettant x^2 en facteur dans les termes ayant de 4 à 2 comme exposant on retrouve ce brave (x + 1)^2.
  Et ainsi de suite.
  On trouve enfin (x + 1)^2*[X^2 + X + 1] avec X = x^2.
  Le polynôme en X n’a aucune solution solution réelle.
  La seule solution réelle est -1 de degré 2, donc.
  OUAF OUAF 😉😊😂

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• Août 2017, 2e défi

  le 11 août 2017 à 23:23, par Daniate

  J’aime bien votre méthode tout à fait digne du chien remontant pas à pas une piste tenue. Pour suivre le raisonnement, c’est plutôt les méninges que j’ai dù remuer.

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• Août 2017, 2e défi

  le 11 août 2017 à 18:41, par ROUX

  La réponse au défi est donc : une.

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